Date post: | 12-Apr-2017 |
Category: |
Education |
Upload: | augusto-crurre |
View: | 14 times |
Download: | 1 times |
CONTENIDO
VER INTRODUCCIΓN
VER CASO 1
VER CASO 2VER EJEMPLO DEL
CASO 2
VER EJEMPLO DEL CASO 1
VER BIBLIOGRAFIAS
INTRODUCCIΓN
π¦β²β² = π π₯, π¦, π¦β²
Lo anterior es la forma de expresar una ecuaciΓ³n diferencial de segundo orden.
Del lado izquierdo se puede observar que hay una doble derivada mientras que el lado derecho representa una funciΓ³n tal que contiene primeras derivadas, las posibles variables dependientes y las variables independientes.
Existen dos casos para resolver este tipo de ecuaciones diferenciales; el primer caso habla acerca de la ausencia de toda βyβ mientras que el segundo caso estΓ‘ ausente toda variable βxβ.
REGRESAR AL CONTENIDO
CASO 1: π¦β²β² = π π₯,π¦β² FALTA π¦.
Al suponer:
π£ππ¦
ππ₯
Entonces:ππ£
ππ₯=π2π¦
ππ₯2
Se remplaza para obtener una ecuaciΓ³n de primer orden:ππ£
ππ₯= π π₯, π£
Nuevamente suponiendo:π£ π₯ = Ξ© π₯
ππ¦
ππ₯= Ξ© π₯
REGRESAR AL CONTENIDO
Continuando:
ππ¦
ππ₯= Ξ© π₯
ππ¦ = Ξ© π₯ ππ₯
ππ¦ = Ξ© π₯ ππ₯
π¦ = π π₯
Se llega que la ecuaciΓ³n original que es βyβ y tendrΓ‘ dos constantes.
REGRESAR AL CONTENIDO
EJEMPLO APLICADO AL PRIMER CASO
EJEMPLO: Resolver2π₯2π¦β²β² + π¦β² 3 = 2π₯π¦β²
SOLUCIΓN:
π£ =ππ¦
ππ₯= π¦β²
ππ£
ππ₯=π2π¦
ππ₯2= π¦β²β²
Entonces, reemplazΓ‘ndolo en la ecuaciΓ³n diferencial del problema:
2π₯2π¦β²β² + π¦β² 3 = 2π₯π¦β²
2π₯2ππ£
ππ₯+ π£3 = 2π₯π£
REGRESAR AL CONTENIDO
2π₯2ππ£
ππ₯+ π£3 = 2π₯π£
1
2π₯22π₯2
ππ£
ππ₯+ π£3 = 2π₯π£
ππ£
ππ₯+π£3
2π₯2=2π₯π£
2π₯2
ππ£
ππ₯+π£3
2π₯2=π£
π₯
Pasando el tΓ©rmino π£3
2π₯2en el segundo miembro con signo contrario mientras que el tΓ©rmino
π£
π₯se pasa
al primero con signo opuesto, se obtiene una ecuaciΓ³n diferencial de Bernoulli:
ππ£
ππ₯+π£3
2π₯2=π£
π₯
ππ£
ππ₯β1
π₯π£ = β
1
2π₯2π£3
REGRESAR AL CONTENIDO
Resolviendo la ecuaciΓ³n diferencial utilizando las fΓ³rmulas de Bernoulli y cambiando variables para evitar confusiones:
π = π£1βπ
π = π£1β3
π = π£β2
ππ
ππ¦= β2π£β3
ππ
ππ₯=ππ
ππ¦
ππ¦
ππ₯
ππ
ππ₯= β2π£β3
ππ¦
ππ₯REGRESAR AL CONTENIDO
Sustituyendo:
ππ£
ππ₯β1
π₯π£ = β
1
2π₯2π£3
Multiplicando toda la ecuaciΓ³n diferencial por el tΓ©rmino β2π£β3:
ππ£
ππ₯β1
π₯π£ = β
1
2π₯2π£3
β2π£β3ππ£
ππ₯β1
π₯π£ = β
1
2π₯2π£3
β2π£β3ππ£
ππ₯+2
π₯π£β2 =
1
π₯2
ππ
ππ₯+2
π₯π =
1
π₯2REGRESAR AL CONTENIDO
Entonces los tΓ©rminos que representan la forma de la ecuaciΓ³n diferencial lineal de primer orden son:
ππ
ππ₯+2
π₯π =
1
π₯2
π π₯ =2
π₯π¦ π π₯ =
1
π₯2
Ahora, esta ecuaciΓ³n diferencial se puede resolver por el mΓ©todo del factor integrante y tambiΓ©n se toma en cuenta que se deben cambiar las variables para evitar confusiones.
π’ π₯ = π π π₯ ππ₯
π’ π₯ = π 2π₯ππ₯
π’ π₯ = π2 ππ₯π₯
π’ π₯ = π2 ln π₯
π’ π₯ = πln π₯2
π’ π₯ = π₯2
REGRESAR AL CONTENIDO
Ahora:
π =1
π’ π₯ π’ π₯ β π π₯ ππ₯
π =1
π₯2 π₯2 β
1
π₯2ππ₯
π =1
π₯2 ππ₯
π =1
π₯2π₯ + πΆ1
Recordando que π = π£β2:
π =1
π₯2π₯ + πΆ1
π£β2 =1
π₯2π₯ + πΆ1
REGRESAR AL CONTENIDO
Despejando π£:
π£β2 =1
π₯2π₯ + πΆ1
π£2 =π₯2
π₯ + πΆ1
π£ =π₯
π₯ + πΆ1
TambiΓ©n se recuerda que π£ =ππ¦
ππ₯:
π£ =π₯
π₯ + πΆ1
ππ¦
ππ₯=
π₯
π₯ + πΆ1REGRESAR AL CONTENIDO
Aplicando el mΓ©todo de separaciΓ³n de variables:
ππ¦ =π₯
π₯ + πΆ1ππ₯
ππ¦ = π₯
π₯ + πΆ1ππ₯
De la segunda integral se resuelve por el mΓ©todo de sustituciΓ³n:
π₯
π₯ + πΆ1ππ₯
π§ = π₯ + πΆ1 = π₯ + πΆ112
π₯ = π§2 β πΆ1
ππ₯
ππ§= 2π§
ππ₯ = 2π§ ππ§ REGRESAR AL CONTENIDO
π₯
π₯ + πΆ1ππ₯ =
π§2 + πΆ1π§
2π§ ππ§
= 2 π§2 β πΆ1 ππ§ = 2 π§2ππ§ β 2πΆ1 ππ§
= 2π§3
3β 2πΆ1 π§ + πΆ2 =
2
3π§3 β 2πΆ1π§ + πΆ2
=2
3π₯ + πΆ1
32 β 2πΆ1 π₯ + πΆ1
12 + πΆ2
Regresando:
ππ¦ = π₯
π₯ + πΆ1ππ₯
π¦ =2
3π₯ + πΆ1
32 β 2πΆ1 π₯ + πΆ1
12 + πΆ2
REGRESAR AL CONTENIDO
CASO 2: π¦β²β² = π π¦,π¦β² ;No existe x
Al suponer que:
π£ =ππ¦
ππ₯
Y derivando con respecto a βyβ:ππ£
ππ¦=π2π¦
ππ₯2
Se remplaza π£ =ππ¦
ππ₯yππ£
ππ¦=π2π¦
ππ₯2en la ecuaciΓ³n:
π¦β²β² = π π¦, π¦β²
ππ£
ππ₯= π π¦, π£
REGRESAR AL CONTENIDO
Por regla de la cadena:ππ£
ππ₯=ππ£
ππ¦
ππ¦
ππ₯
Y recordando queππ¦
ππ₯= π£:
ππ£
ππ₯= π£
ππ£
ππ¦
Nuevamente remplazando:π¦β²β² = π π¦, π¦β²
ππ£
ππ₯= π π¦, π£
π£ππ£
ππ¦= π π¦, π£
Que es una ecuaciΓ³n de primer orden donde βvβ es la variable dependiente y βyβ es la independientetemporalmente. Ahora como resultado:
π£ π₯ = Ξ© π₯
ππ¦
ππ₯= π π₯ REGRESAR AL
CONTENIDO
EJEMPLO APLICADO AL SEGUNDO CASO
EJEMPLO: Resolver2π¦2 π¦β²β² + 2π¦ π¦β² 2 = 1
SOLUCIΓN:
Utilizando la fΓ³rmula π¦β²β² = π£ππ£
ππ₯y π¦β² = π£:
2π¦2 π¦β²β² + 2π¦ π¦β² 2 = 1
2π¦2 π£ππ£
ππ₯+ 2π¦π£2 = 1
2π£π¦2ππ£
ππ₯+ 2π£2π¦ = 1
2π£π¦2ππ£
ππ₯= 1 β 2π£2π¦
REGRESAR AL CONTENIDO
2π£π¦2ππ£
ππ₯= 1 β 2π£2π¦
2π£π¦2ππ£ + 2π£2π¦ β 1 ππ¦ = 0
2π£2π¦ β 1 ππ¦ + 2π£π¦2ππ£ = 0
Entonces esta ecuaciΓ³n es una ecuaciΓ³n exacta y en este caso la variable independiente es βyβ y ladependiente es βvβ de manera temporal. Ahora, se identifica quien es la funciΓ³nπ π¦, π£ y quien es lafunciΓ³nπ π¦, π£ :
2π£2π¦ β 1 ππ¦ + 2π£π¦2ππ£ = 0
π π¦, π£ ππ¦ + π π¦, π£ ππ£ = 0
π π¦, π£ = 2π£2π¦ β 1
π π¦, π£ = 2π£π¦2 REGRESAR AL CONTENIDO
Ahora, derivando parcialmente de la funciΓ³n π π¦, π£ con respecto a π¦ y de la funciΓ³n π π¦, π£ conrespecto a π₯ para saber si realmente esta ecuaciΓ³n diferencial es exacta:
π π¦, π£ = 2π£2π¦ β 1
ππ£ π¦, π£ =ππ
ππ£= 4π£π¦
π π¦, π£ = 2π£π¦2
ππ¦ π¦, π£ =ππ
ππ¦= 4π£π¦
Y se comprueba que:
β΄ ππ£ = ππ¦
REGRESAR AL CONTENIDO
Entonces, la derivada parcial de βvβ de una funciΓ³n tal desconocida es la funciΓ³n π π¦, π£ :ππ£ = π π¦, π£
ππ
ππ£= 2π£π¦2
Aplicando el mΓ©todo de separaciΓ³n de variables:ππ
ππ£= 2π£π¦2
ππ = 2π£π¦2 ππ£
ππ = 2π¦2π£ ππ£
π π¦, π£ = 2π¦2 π£ ππ£
π π¦, π£ = 2π¦2π£2
2+ β π¦
REGRESAR AL CONTENIDO
π π¦, π£ = 2π¦2π£2
2+ β π¦
π π¦, π£ = π¦2π£2 + β π¦
Para encontrar el valor de β π¦ , se deriva la funciΓ³n π π¦, π£ con respecto a π¦:
π π¦, π£ = π¦2π£2 + β π¦
ππ
ππ¦= 2π£2π¦ +
πβ π¦
ππ¦
Aplicando una igualaciΓ³n y recordando algunas fΓ³rmulas que se utilizan para encontrar la soluciΓ³n deuna ecuaciΓ³n diferencial exacta y sin olvidar las nuevas variables que se estΓ‘n manejando en esteproblema:
ππ
ππ¦= π π¦, π£
2π£2π¦ +πβ π¦
ππ¦= 2π£2π¦ β 1
REGRESAR AL CONTENIDO
2π£2π¦ +πβ π¦
ππ¦= 2π£2π¦ β 1
πβ π¦
ππ¦= β1
Aplicando el mΓ©todo de separaciΓ³n de variables:
πβ π¦
ππ¦= β1
πβ π¦ = βππ¦
πβ π¦ = β ππ¦
β π¦ = βπ¦ + πΎ
REGRESAR AL CONTENIDO
Regresando y sustituyendo:π π¦, π£ = π£2π¦2 + β π¦
π π¦, π£ = π£2π¦2 β π¦ + πΎ
Haciendo que π π¦, π£ = πΆ1:π π¦, π£ = π£2π¦2 β π¦ + πΎ
Recordando que ππ¦
ππ₯= π£:
πΆ1 = π£2π¦2 β π¦
πΆ1 =ππ¦
ππ₯
2
π¦2 β π¦
ππ¦
ππ₯
2
=πΆ1 + π¦
π¦2
REGRESAR AL CONTENIDO
Continuando:ππ¦
ππ₯
2
=πΆ1 + π¦
π¦2
ππ¦
ππ₯=
πΆ1 + π¦
π¦
Aplicando nuevamente el mΓ©todo de separaciΓ³n de variables:
π¦
πΆ1 + π¦ππ¦ = ππ₯
ππ₯ =π¦
πΆ1 + π¦ππ¦
ππ₯ = π¦
πΆ1 + π¦ππ¦
REGRESAR AL CONTENIDO
Utilizando el mΓ©todo de sustituciΓ³n para la segunda integral:
π§ = πΆ1 + π¦
π§2 = πΆ1 + π¦
π§2 β πΆ1 = π¦
π¦ = π§2 β πΆ1
ππ¦
ππ§= 2π§
ππ¦ = 2π§ ππ§REGRESAR AL CONTENIDO
Entonces:
ππ₯ = π¦
πΆ1 + π¦ππ¦
π₯ = π§2 β πΆ1π§
2π§ ππ§
π₯ = 2 π§2 β πΆ1 ππ§
π₯ =2
3π§3 β 2πΆ1π§ + πΆ2
β΄ π₯ =2
3πΆ1 + π¦
32 β 2πΆ1 πΆ1 + π¦
12 + πΆ2
REGRESAR AL CONTENIDO
BIBLIOGRAFΓASCarmona Jover, I., & Filio LΓ³pez, E. (2011). Ecuaciones diferenciales. MΓ©xico: PEARSON EducaciΓ³n.
D. Zill, D. (2009). Ecuaciones diferenciales con aplicaciones de modelado. MΓ©xico: CENGAGE Learning.
Espinosa Ramos, E. (1996). Ecuaciones diferenciales y sus aplicaciones. Lima.
Jover, I. C. (1998). Ecuaciones diferenciales. MΓ©xico: PEARSON EducaciΓ³n.
REGRESAR AL CONTENIDO