Date post: | 30-Jan-2016 |
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Autotransformadores
Un autotransformador es simplemente un transformador ordinario que tiene los arrollamientos primario y secundario conectado en serie.Su comportamiento es completamente anΓ‘logo al del transformador ordinario y realiza las mismas funciones de transformar tensiones, corrientes e impedancias.
π π³
πΈ1
π 2
π 1
πΌ 1
π1
π 2πΌ 2
πΌπΏ
β
Ventajas de los Autotransformadores
β’ Dimensiones mas reducidasβ’ Costos mas bajoβ’ Eficiencia mas altaβ’ Corriente de excitaciΓ³n mas reducidaβ’ Mejor regulaciΓ³n
π π³
πΈ1
π 2
π 1
πΌ 1
π1
π 2πΌ 2
πΌπΏ
β
Desventajas de los Autotransformadores
* Elevada corriente de cortocircuito debido a la disminuciΓ³n de su impedancia de cortocircuito.β’ ConexiΓ³n ElΓ©ctrica entre el primario y secundario, esta desventaja es
muy importante y limita el uso del autotransformador,
π π³
πΈ1
π 2
π 1
πΌ 1
π1
π 2πΌ 2
πΌπΏ
β
Aplicaciones de los Autotransformadores
β’ La principal aplicaciΓ³n es que se usa como regulador de tensiΓ³n en distribuciΓ³n elΓ©ctrica
β’ TambiΓ©n se usa para el arranque de motores elΓ©ctricos de InducciΓ³n.
EL Autotransformador Ideal
Si aplicamos la Ley de InducciΓ³n electromagnΓ©tica se cumple que :
π1=π 1πβ ππ‘
Dividiendo estas ecuaciones
π1
π£2
=π1
π 2
RelaciΓ³n de voltajes
πΌ 1πΈ1
πΈ2
πΌ 2 πΌπΏπ πΏ
π1
π 2
π 1
π 2
EL Autotransformador Ideal
En forma vectorial
πΈ1
π 2
=π 1
π 2
π 1=π 2+πΈ1
π 1=π 2+π1
π2
π2
πΈ1=π1
π2
π 2 π 1
π 2
=(1+π 1
π 2)
π 1
π 2
=π 1+π2
π 2
π β² =π 1+π2
π2
del autotransformador
πΌ 1πΈ1
πΈ2
πΌ 2 πΌπΏπ πΏ
π1
π 2
π 1
π 2
π 1
π 2
=π 1+π2
π 2
π 1
π 2
=πβ²
EL Autotransformador Ideal
RelaciΓ³n de corrientes
La fuerza magnetomotriz resultante de las dos bobinas son iguales
π1 πΌ 1=π 2 πΌ 2
πΌ1
πΌ2
=π 2
π1
β¦β¦..(1)
β¦β¦(2)
πΌπΏ=πΌ 1+π1 πΌ 1
π2
πΌπΏ=πΌ 1(π1+π 2
π2)
πΌπΏπΌ1
=πβ²
πΌπΏπΌ1
=π1+π2
π 2
πΌ 1πΈ1
πΈ2
πΌ 2 πΌπΏππΏ
π1
π 2
π 1
π 2
Despejando
TambiΓ©n :
Reemplazando (1) en (2)
EL Autotransformador Ideal
Impedancia equivalente
La impedancia equivalente del autotransformadorVista desde la entrada sera :
π ππ1=π 1
πΌ 1
β¦.. (1)
Teniendo presente que π πΏ=π 2
πΌπΏβ¦(2)
Dividiendo (1) entre (2)
πππ1
π πΏ=
π 1
πΌ 1
π 2
πΌπΏ
=π 1 πΌπΏπ 2 πΌ 1
Donde : π 1
π 2
=π β²πΌπΏπΌ1
π β²
Reemplazando: πππ1
ππΏ=π β² 2
π ππ1=π β²2π πΏ
πΌ 1πΈ1
πΈ2
πΌ 2 πΌπΏππΏ
π1
π 2
π 1
π 2
EL Autotransformador Ideal
Potencia nominal aparente
En un autotransformador la potencia aparente de entrada es igual a la potenciaAparente e salida
ππππ‘ππππ=ππ πππππ
π 1 πΌ 1=π 2 πΌπΏ
πΌ 1πΈ1
πΈ2
πΌ 2 πΌπΏππΏ
π1
π 2
π 1
π 2
Comportamiento de un transformador como autotransformador
Si un transformador convencional se conecta como si fuera un autotransformadorEste puede entregar mucho mas potencia que la nominal que se definio originalmente
Supongamos que tenemos un transformador T y conectamos su primario y secundarioEn serie obtenemos :
πΌ 1
πΈ1
πΈ2
πΌ 2 πΌπΏππΏ
π1
π 2 π 2
ππΏ
πΌ 2
π 1+π 2π1 π 2π 1
π 2
πΌ 1
Comportamiento de un transformador como autotransformador
Primeramente la relacion de transformacionEn el autotransformador pasa a ser :
πβ²=π1+π 2
π 2
=1+π
La potencia aparente en los bobinados delTransformador es :
ππ=πΌ 1π 1
ππ=πΌ 2π 2
πΌ 1=πππ 1
πΌ 2=πππ 2
Funcionando como autotransformadorSe cumple que :
πΌπΏ=πΌ 1+πΌ 2
La potencia aparente del autotransformador sera :
πππ’π‘=π 2 πΌ πΏ=π2 ( πΌ 1+πΌ 2)
πππ’π‘=π 2 πΌ 1+π 2 πΌ 2
Siendo :ππ=π 2 πΌ 2
Dividiendo esta dos ultimas ecuaciones
πππ’π‘ππ
=π 2 πΌ 1
π 2 πΌ 2
+1
πΌ 1
πΌ 2 πΌπΏππΏ
π1
π 2
π 1+π 2
π 2
Comportamiento de un transformador como autotransformador
πππ’π‘ππ
=πΌ1
πΌ2
+1
πππ’π‘ππ
=π2
π1
+1
πππ’π‘ππ
= 1π
+1
πππ’π‘=ππ( 1π
+1)
πΌ1
πΌ2
=π 2
π1
π2
π1
= 1π
πΌ 1
πΌ 2 πΌπΏππΏ
π1
π 2
π 1+π 2
π 2
Circuito equivalente real exacto del Autotransformador
π 1
ππΏ
πΌπ
π1g1
πΌ π πΌπ
πΌ 2
π 2
π1
π 2
πΌ 1
πΈ1
=
π 2 πΌπΏ
π 1 ππ 1
π 2ππ 2
πΌπΏπ β²
Circuito equivalente referido al primario del autotransformador
π 1
ππΏ
πΌπ
π1g1
πΌ π πΌπ
π 2
πΌ 1
πβ²π 2
π1
π 2
π 1 ππ 1
π β² 2π 2 ππ β²2 π 2
πΌπΏπ β²
πΌπΏ
Circuito equivalente aproximado referido al primario del autotransformador
π 1
ππΏ
πΌπ
π1g1
πΌ π πΌπ
π 2
πΌ 1
πβ²π 2
π1
π 2
π 1 ππ 1
πΌπΏπ β²
π ππ1=π 1+ π π 1+π β² 2π 2+ π π β² 2π 2
π ππ1=(π 1+π β² 2π 2 )+ j (π 1+π β²2 π 2 )
πΌπΏ
π β² 2π 2 ππ β²2 π 2
Circuito equivalente aproximado referido al primario del Autotransformador
π 1
ππΏ
πΌπ
π1g1
πΌ π πΌπ
πΌπΏ π 2
π1
π 2
π ππ1πΌ 1
πΌπΏπ β²
π β² π 2
=
Del cto equivalente podemos deducir las siguientes ecuaciones:
π 1=π ππ1 .
πΌπΏπ β²
+πβ²π 2
πΌ 1=πΌ π+πΌπΏπ β²
π ππ1=πβ² 2
πππ2
Prueba en vacΓo del autotransformador
πΎ πJ U
π¨π
π½ π
ABIERTO
Regulador de tensiΓ³n
Lee la tensiΓ³n nominal del primario
Lee la corriente de excitaciΓ³n Γ³ vacΓo del primario
Lee las pΓ©rdidas en el Hierro
A partir de los siguientes valores leΓdos de podemos calcular los siguientes parΓ‘metros:
CΓ‘lculo de la conductancia del Primario :
Lectura de Instrumentos:
π¨π
π½ π
πΎ π
JU
g1=β π πππ π1
2
π¦ 1=πΌ π1
ππ1
π1=βπ¦12 β g1
2
π¦ 12=g1
2+π12
Calculo de la admitancia del primario :
Calculo de la susceptancia del primario :
Ensayo en vacΓo
CΓ‘lculo de la corriente de pΓ©rdidas del primario
πΌ π1=
βπ ππππ 1
CΓ‘lculo de la corriente de magnetizaciΓ³n del primario :
πΌπ1
2=πΌ π1
2+πΌπ1
2 πΌπ1=βπΌπ1
2β πΌπ 1
2
Haciendo uso de las siguientes formulas tambiΓ©n podemos hallar estos parΓ‘metros:
β π ππ=π π1πΌπ1
cosπ
cosπ=βπ ππππ1
πΌπ1
π=πππ cos( β π πππ π1
πΌπ1)
π¦ 1=πΌ π1
ππ1
βπ
ABIERTO
CIRCUITO EQUIVALENTE CON LA PRUEBA DE VACIO
Al no haber corriente de carga, sΓ³lo fluirΓ‘ la corriente de excitaciΓ³n.
Las pΓ©rdidas por efecto joule en el cable se desprecian, puesto que la corriente de excitaciΓ³n al ser bastante pequeΓ±a no produce caΓda de tensiΓ³n en las resistencias y .
π 1
πΌπ
π1g1
πΌ π πΌπ
=0π 2
π1
π 2
πΌ π
πΈ1
π 2 πΌπΏ=0
π 1 ππ 1
π 2ππ 2
00
Δͺ π1
Δͺπ1Δͺ π1
g1 π1
π¦ 1
π π 1
El circuito queda como: πΌπ1=πΌ π1
+πΌπ1
π¦ 1=πΌπ1
ππ 1
En mΓ³dulo:
πΌπ1
2=πΌ π1
2+πΌπ1
2
π¦ 1=g1 β ππ1
CIRCUITO EQUIVALENTE CON LA PRUEBA DE VACIO
Tambien :
Prueba en cortocircuito del autotransformador
πΎ πJ U
π¨π
π½ π
Corto circuito
Regulador de tension
Lectura de Instrumentos:
π¨π
π½ π
πΎ πJ U
π ππ1=π πΆπΆ1
πΌπ 1
A partir de la mediciΓ³n de estos parΓ‘metros podemos hallar :
Lee pΓ©rdidas en el cobre
Lee la corriente nominal del primario
Lee la tensiΓ³n de cortocircuito del primario
* Impedancia equivalente del primario :
π ππ1=
βππΆπ’πΌπ 1
2
πππ1=βπππ1
2βπ ππ1
2
π 1=π ππ1
2π 2=
π ππ1
2π β² 2
π 2=πππ1
2π β² 2
Resistencia equivalente del primario
Reactancia equivalente del primario
Resistencia del primario y secundario
Reactancia del primario y secundario
Haciendo uso de las siguientes formulas tambiΓ©n podemos hallar estos parΓ‘metros:
β ππΆπ’=π πΆπΆ1πΌ π1
cosπ
cosπ=β ππΆπ’π πΆπΆ1
πΌπ 1
π ππ1=π 1+π
β² 2π 2
πππ1=π 1+π β²2 π 2
π ππ1=π ππ1
+ π πππ1
π ππ1
π1
π 2
πΌπ 1
πΌπ 2
π 1 ππ 1
π 2ππ 2
Circuito equivalente con la prueba de cortocircuito
Corto circuito
REGULACIΓNLa regulaciΓ³n de voltaje a plena carga es la magnitud que compara el voltaje entregado por el transformador en vacΓo con el voltaje entregado a plena carga.
Donde: TensiΓ³n secundario del autotransformador en vacΓo.
TensiΓ³n secundario del autotransformador a plena carga.
π=π π 2βπ 2
π 2
β¦(1)
REGULACIΓN PORCENTUAL
Sabemos:
Luego la regulacion porcentual es :
π=π π 2βπ 2
π 2
π 1
π π2
=π
% π=
π 1
πβπ 2
π 2
π₯ 100β¦β¦(2)
π=πΌ2 (π ππ2
cosππΏ+πππ2senππΏ)
π 2
+12 ( πΌ 2πππ2
cosππΏβ πΌ 2π ππ2senππΏ
π 2)
2
πΌ 2=πΌ π2
π 2=π π2
π ππ2=π 1
π2 +π 2
πππ2=π 1
π2 +π 2
π ππ2=π ππ2
+ π πππ2
EXPRESION ANALΓTICA DE LA REGULACIΓN
β¦β¦.(4)
π=πΌ1 (π ππ1
cosππΏ+πππ1senππΏ )
π 1
+12 ( πΌ 1πππ1
cosππΏβ πΌ 1π ππ1senππΏ
π 1)
2
πΌ 1=πΌπ 1
π 1=π π1
+
+
π ππ1=π ππ1
+ π πππ1
EXPRESION ANALΓTICA DE LA REGULACIΓN
β¦β¦.(4)
ExpresiΓ³n analΓtica de la regulaciΓ³n con parΓ‘metros del primario
π=πΌ 2
π 2
πππ2cos (β βππΏ)+ 1
2 ( πΌ 2
π 2
π ππ2)2
π ππ2 (β βππΏ)
πΌ 2=πΌ π2
β
π ππ2 πππ2
π ππ2
cosβ =π ππ2
πππ2
Donde: = Γ‘ngulo de impedancia = Γ‘ngulo de la carga
EXPRESION DE LA REGULACION CONSIDERANDO EL ANGULO DELA IMPEDANCIA EQUIVALENTE DEL AUTOTRANSFORMADOR REFERIDOAL SECUNDARIO
π 2=π π2
TambiΓ©n:
π=πΌ 1
π 1
πππ1cos (β βππΏ)+ 1
2 ( πΌ 1
π 1
πππ1)2
π ππ2 (β βππΏ)
πΌ 1=πΌπ 1
π 1=π π1
β
π ππ1 πππ1
π ππ1
cosβ =π ππ1
πππ1
Donde: = Γ‘ngulo de impedancia = Γ‘ngulo de la carga
EXPRESIΓN DE LA REGULACIΓN CON LA PRUEBA DE CORTOCIRCUITO
Para todas las formulas de regulaciΓ³n debemos tener presente:
para cargas inductivas (atraso)
para cargas capacitivas (adelanto)
para regulaciΓ³n mΓ‘xima
;
;
EFICIENCIA (
Ι³=ππ πππππππππ‘ππππ
=π π πππππ
ππ πππππ+β π π‘ππ‘ππππ
Ι³=π2 cosππΏ
π2 cosππΏ+β πππ’+β π ππ=
π 2 πΌ 2cosππΏπ 2 πΌ 2 cosππΏ+β πππ’+β π ππ
EFICIENCIA A PLENA CARGA
Ι³ππ=ππ 2
cosππΏππ2
cosππΏ+β πππ’+β π ππππ 2
=ππ1
Ejemplo :Se tiene un transformador de 100KVA de 5000/10000V, 60 Hz y que tenemos Que hacerlo funcionar como autotransformador para acoplar circuitos de 15000 y 10000V. Determinar :a)La potencia aparente que entrega trabajando como autotransformadorb) La eficiencia como transformador si sus perdidas totales es de 3KW y su factor de potencia unitario.c) La eficiencia trabajando como autotransformador
SOLUCION :
Como transformador
Como autotransformador
π 1=5000 π 2=10000
a = = 0.5
π 2=10000
π 1=15000
5000
10000
π1
π 2
= 1.5
πΌ 1=20 π΄ πΌ 2=10 π΄
ππΏ
πΌ 1=20 π΄
πΌ 2=10 π΄
πΌπΏ=30 π΄
Calculo de las corrientes
πΌ 1=100000
5000=20 π΄
πΌ 2=10000010000
=10 π΄
πΌπΏ=20+10=30 π΄
πππ’π‘=π 2 πΌ πΏ
30
πππ’π‘=300πΎππ΄
TambiΓ©n podemos aplicar
πππ’π‘=ππ‘(1+ 1π)
πππ’π‘=100(1+ 10.5 )
πππ’π‘=300πΎππ΄
b)ππ‘ππππ=
π π πππππππππ‘ππππ
=ππ πππ β
β π π‘ππ‘ππππ +ππ πππππ
= 0.97
c) = 0.99